- NTT预备知识,下一个要填的坑就是NTT!
整数的次数
定义
若$gcd(a,p)=1$,使得$a^x\equiv 1 (mod p)$成立的最小的正整数$x$称为$a模p的次数$,记作$Ord_p a$
定理一
若正整数n满足$a^n\equiv 1 (mod p)$,则$Ord_p a|n$
证明:
假设结论不成立,记$x=Ord_p a$,那么必有两整数$k,r$,使得$n=kx+r$且$0<r<x$
而$a^n=a^{kx+r}=a^{kx}\times a^r \equiv 1(mod p)$
故$a^r\equiv 1 (mod p)$
这与$x$的定义相违背,故定理成立
由上述定理易得如下推论:$Ord_p a|\phi(p)$
解释:
由欧拉定理,必有$a^{\phi(p)}\equiv 1(mod p)$
所以推论成立
定理二
设$x=Ord_p a$,则$1,a,a^2,…,a^x-1$模$m$两两不同余
证明:
假设结论不成立,则必有某对$j,k$满足$0<=j<k<x$,使得$a^j\equiv a^k(mod p)$
则有$a^{k-j}\equiv 1(mod p)$,而$0<k-j<x$,这与$x$的定义相矛盾
故定理成立
原根
定义
若$Ord_p g=\phi(p)$,则称$g$为$m$的一个原根
求法
$Ord_p g=\phi(p)$的意思就是满足方程$g^x \equiv 1(mod p)$的最小的$x$是$\phi(p)$
而$g^{\phi(p)} \equiv 1(mod p)$是一定成立的
那么我们的思路就是从$2到n-1$枚举$g$,检验$g^x \equiv 1(mod p)$在区间$1<x<\phi(p)$上恒不成立即可
而根据定理一,满足$g^x \equiv 1(mod p)$的x一定是$\phi(p)$的约数,所以我们只需要枚举$\phi(p)$的因子即可
参考代码
- 【51nod1135】原根 传送门
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参考文献
- 《从傅里叶变换到数论变换》——Menci 传送门
- 《数论讲义》